是否可以执行以下编译而无需模板专业化的操作？
template <class T>
class A {
public:
#if std::is_same<T,int>
void has_int() {}
#elif std::is_same<T,char>
void has_char() {}
#endif
};
A<int> a; a.has_int();
A<char> b; b.has_char();
解决方法
是.制作功能模板,然后使用
std::enable_if条件启用它们：
#include <type_traits>
template <class T>
class A {
public:
template<typename U = T>
typename std::enable_if<std::is_same<U,int>::value>::type
has_int() {}
template<typename U = T>
typename std::enable_if<std::is_same<U,char>::value>::type
has_char() {}
};
int main()
{
A<int> a;
a.has_int(); // OK
// a.has_char(); // error
}
如果类很大并且有许多函数需要与T无关,那么the other answer的解决方案可能不可行.但是你可以通过继承另一个仅用于这些特殊方法的类来解决这个问题.然后,您只能专门化该基类.
在C 14中,有方便的类型别名,因此语法可以变为：
std::enable_if_t<std::is_same<U,int>::value>
而C 17甚至更短：
std::enable_if_t<std::is_same_v<U,int>>