我知道这已被问过无数次,但我仍然无法让我的代码工作.我正在尝试从我的Javascript应用程序中进行简单的JSONP调用.鳕鱼片段看起来像：
url="http://ajax.googleapis.com/ajax/services/search/web?v=1.0&q=AAA&callback=?";
然后是：
$.getJSON(url,function(data) {
alert('hello 1');
});
要么：
$.ajax({url: url,datatype: 'jsonp',success: function(data) { alert("hello 2"); },error: function(j,t,e) { alert(t);}
});
这两种方法都不奏效.第二种方法导致“错误”的警报.第一个也没有成功.我究竟做错了什么？非常感谢！！
更新：我想我至少发现了一个问题.让我看看这个.
更新2：对不起,这段代码实际上是有效的,至少是第一种方法.这个代码片段周围有一个微妙的错误导致代码不能正常工作,但整体而言这很好.异步调用有时候有点棘手:-)
解决方法
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JsFIddleDemo
/*
* create callbak function for jsonP
* @params
* data is response from http://ajax.googleapis.com/ajax/services/search/web?v=1.0&q=AAA&callback=myjsonpfunction
*/
function myjsonpfunction(data){
alert(data.responseData.results) //showing results data
$.each(data.responseData.results,function(i,rows){
alert(rows.url); //showing results url
});
}
//request data using jsonP
$(function(){
$.ajax({
url:'http://ajax.googleapis.com/ajax/services/search/web?v=1.0&q=AAA&callback=myjsonpfunction',type:"GET",dataType: 'jsonp',jsonp: 'myjsonpfunction',async:'true',success:function (data) {
//alert("success");
}
});
});
你需要写一个回调参数和回调函数,如果你没有设置回调,google ajax apis将只返回json.
如果你设置这样的URL
http://ajax.googleapis.com/ajax/services/search/web?v=1.0&q=AAA&callback=?(another)
反应是
{“responseData”：null,“responseDetails”：“错误或缺少回调或上下文”,“responseStatus”：400}
